このページは、数研出版：新編数学Ｃ[710]
第２章 空間のベクトル
第２章 空間のベクトル
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新編数学Ｃ 第１章 平面のベクトル
新編数学Ｃ 第２章 空間のベクトル
新編数学Ｃ 第３章 複素数平面
新編数学Ｃ 第４章 式と曲線
第２章 空間のベクトル
p.53 深める\({\small (1)}~(1~,~-3~,~-2)\)
\({\small (2)}~(-1~,~3~,~-2)\)
\({\small (3)}~(-1~,~-3~,~2)\)
\({\small (4)}~(-1~,~-3~,~-2)\)
解法のPoint｜平面・軸・原点に対称な点の座標
\({\small (2)}~(-1~,~3~,~-2)\)
\({\small (3)}~(-1~,~-3~,~2)\)
\({\small (4)}~(-1~,~-3~,~-2)\)
解法のPoint｜平面・軸・原点に対称な点の座標
p.54 練習3 等しいベクトル \(\overrightarrow{\rm BF}~,~\overrightarrow{\rm CG}~,~\overrightarrow{\rm DH}\)
逆ベクトル \(\overrightarrow{\rm CB}~,~\overrightarrow{\rm GF}~,~\overrightarrow{\rm HE}\)
逆ベクトル \(\overrightarrow{\rm CB}~,~\overrightarrow{\rm GF}~,~\overrightarrow{\rm HE}\)
p.55 練習5\({\small (1)}~\overrightarrow{a}+\overrightarrow{b}-\overrightarrow{c}\)
\({\small (2)}~-\overrightarrow{a}+\overrightarrow{b}+\overrightarrow{c}\)
\({\small (3)}~\overrightarrow{a}-\overrightarrow{b}+\overrightarrow{c}\)
\({\small (4)}~\overrightarrow{a}-\overrightarrow{b}\)
解法のPoint｜平行六面体とベクトルの加法・減法
\({\small (2)}~-\overrightarrow{a}+\overrightarrow{b}+\overrightarrow{c}\)
\({\small (3)}~\overrightarrow{a}-\overrightarrow{b}+\overrightarrow{c}\)
\({\small (4)}~\overrightarrow{a}-\overrightarrow{b}\)
解法のPoint｜平行六面体とベクトルの加法・減法
p.57 練習6\({\small (1)}~x=6~,~y=-3~,~z=4\)
\({\small (2)}~x=-1~,~y=2~,~z=-4\)
\({\small (2)}~x=-1~,~y=2~,~z=-4\)
p.59 練習8\({\small (1)}~(5~,~0~,~-2)\)
\({\small (2)}~(-3~,~6~,~-2)\)
\({\small (3)}~(11~,~3~,~-6)\)
\({\small (4)}~(-10~,~15~,~-4)\)
\({\small (5)}~(30~,~-30~,~4)\)
\({\small (6)}~(21~,~-27~,~6)\)
解法のPoint｜空間ベクトルの成分計算
\({\small (2)}~(-3~,~6~,~-2)\)
\({\small (3)}~(11~,~3~,~-6)\)
\({\small (4)}~(-10~,~15~,~-4)\)
\({\small (5)}~(30~,~-30~,~4)\)
\({\small (6)}~(21~,~-27~,~6)\)
解法のPoint｜空間ベクトルの成分計算
p.59 練習9\({\small (1)}~(1~,~-2~,~1)~,~\sqrt{6}\)
\({\small (2)}~(-2~,~-4~,~4)~,~6\)
解法のPoint｜空間の点をベクトルの成分で表す
\({\small (2)}~(-2~,~-4~,~4)~,~6\)
解法のPoint｜空間の点をベクトルの成分で表す
p.63 練習13\(~~~\displaystyle \frac{\,\overrightarrow{a}+\overrightarrow{b}+\overrightarrow{c}+\overrightarrow{d}\,}{4}\)
解法のPoint｜空間の位置ベクトルと内分点・外分点・中点
解法のPoint｜空間内の三角形の重心の位置ベクトル
解法のPoint｜空間の位置ベクトルと内分点・外分点・中点
解法のPoint｜空間内の三角形の重心の位置ベクトル
p.65 練習14\(~~~\overrightarrow{\rm OP}=\displaystyle \frac{1}{\,3\,}\overrightarrow{a}+\displaystyle \frac{\,4\,}{\,9\,}\overrightarrow{b}+\displaystyle \frac{\,2\,}{\,9\,}\overrightarrow{c}\)
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p.65 練習15[証明] \( \overrightarrow{\rm AB}=\overrightarrow{x}~,~\overrightarrow{\rm AC}=\overrightarrow{y}~,~\overrightarrow{\rm AD}=\overrightarrow{z} \) とおくと、
正四面体の1辺の長さを \(a\) とすると、
\(|\overrightarrow{x}|=|\overrightarrow{y}|=|\overrightarrow{z}|=a\)
\(|{\rm BC}|=a\) より、
\(\begin{eqnarray}~~~|\overrightarrow{\rm BC}|^2&=&a^2\\[5pt]~~~|\overrightarrow{y}-\overrightarrow{x}|^2&=&a^2\\[5pt]~~~|\overrightarrow{x}|^2-2\overrightarrow{x}\cdot\overrightarrow{y}+|\overrightarrow{y}|^2&=&a^2\\[5pt]~~~a^2-2\overrightarrow{x}\cdot\overrightarrow{y}+a^2&=&a^2\\[5pt]~~~\overrightarrow{x}\cdot\overrightarrow{y}&=&\displaystyle \frac{\,a^2\,}{\,2\,}\end{eqnarray}\)
同様に、\(|{\rm CD}|=|{\rm BD}|=a\) より、
\(\overrightarrow{y}\cdot\overrightarrow{z}=\overrightarrow{z}\cdot\overrightarrow{x}=\displaystyle \frac{\,a^2\,}{\,2\,}\)
よって、
\(\overrightarrow{x}\cdot\overrightarrow{y}=\overrightarrow{y}\cdot\overrightarrow{z}=\overrightarrow{z}\cdot\overrightarrow{x}~ ~ ~ \cdots {\small [\,1\,]}\)
\(\triangle{\rm BCD}\) の重心 \({\rm G}\) の位置ベクトルは、
\(\begin{eqnarray}~~~\overrightarrow{\rm AG}&=&\displaystyle \frac{\,1\,}{\,3\,}(\overrightarrow{\rm AB}+\overrightarrow{\rm AC}+\overrightarrow{\rm AD})\\[5pt]~~~&=&\displaystyle \frac{\,1\,}{\,3\,}(\overrightarrow{x}+\overrightarrow{y}+\overrightarrow{z})\end{eqnarray}\)
ここで、\( \overrightarrow{\rm AG} \) と \( \overrightarrow{\rm BC} \) の内積は、
正四面体より \(|\overrightarrow{x}|=|\overrightarrow{y}|\) かつ \({\small [\,1\,]}\) より \(\overrightarrow{y}\cdot\overrightarrow{z}=\overrightarrow{z}\cdot\overrightarrow{x}\) なので、
\(\begin{eqnarray}\hspace{35pt}&=&\displaystyle \frac{\,1\,}{\,3\,}(0+0)\\[5pt]~~~&=&0\end{eqnarray}\)
したがって、\( \overrightarrow{\rm AG}\neq 0~,~\overrightarrow{\rm BC}\neq 0~,~\overrightarrow{\rm AG}\cdot\overrightarrow{\rm BC}=0 \) より、\( \overrightarrow{\rm AG}\perp\overrightarrow{\rm BC} \) [終]
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正四面体の1辺の長さを \(a\) とすると、
\(|\overrightarrow{x}|=|\overrightarrow{y}|=|\overrightarrow{z}|=a\)
\(|{\rm BC}|=a\) より、
\(\begin{eqnarray}~~~|\overrightarrow{\rm BC}|^2&=&a^2\\[5pt]~~~|\overrightarrow{y}-\overrightarrow{x}|^2&=&a^2\\[5pt]~~~|\overrightarrow{x}|^2-2\overrightarrow{x}\cdot\overrightarrow{y}+|\overrightarrow{y}|^2&=&a^2\\[5pt]~~~a^2-2\overrightarrow{x}\cdot\overrightarrow{y}+a^2&=&a^2\\[5pt]~~~\overrightarrow{x}\cdot\overrightarrow{y}&=&\displaystyle \frac{\,a^2\,}{\,2\,}\end{eqnarray}\)
同様に、\(|{\rm CD}|=|{\rm BD}|=a\) より、
\(\overrightarrow{y}\cdot\overrightarrow{z}=\overrightarrow{z}\cdot\overrightarrow{x}=\displaystyle \frac{\,a^2\,}{\,2\,}\)
よって、
\(\overrightarrow{x}\cdot\overrightarrow{y}=\overrightarrow{y}\cdot\overrightarrow{z}=\overrightarrow{z}\cdot\overrightarrow{x}~ ~ ~ \cdots {\small [\,1\,]}\)
\(\triangle{\rm BCD}\) の重心 \({\rm G}\) の位置ベクトルは、
\(\begin{eqnarray}~~~\overrightarrow{\rm AG}&=&\displaystyle \frac{\,1\,}{\,3\,}(\overrightarrow{\rm AB}+\overrightarrow{\rm AC}+\overrightarrow{\rm AD})\\[5pt]~~~&=&\displaystyle \frac{\,1\,}{\,3\,}(\overrightarrow{x}+\overrightarrow{y}+\overrightarrow{z})\end{eqnarray}\)
ここで、\( \overrightarrow{\rm AG} \) と \( \overrightarrow{\rm BC} \) の内積は、
\(\begin{eqnarray}~~~\overrightarrow{\rm AG}\cdot\overrightarrow{\rm BC}&=&\displaystyle \frac{\,1\,}{\,3\,}(\overrightarrow{x}+\overrightarrow{y}+\overrightarrow{z})\cdot(\overrightarrow{\rm AC}-\overrightarrow{\rm AB})\\[5pt]~~~&=&\displaystyle \frac{\,1\,}{\,3\,}(\overrightarrow{x}+\overrightarrow{y}+\overrightarrow{z})\cdot(\overrightarrow{y}-\overrightarrow{x})\\[5pt]~~~&=&\displaystyle \frac{\,1\,}{\,3\,}(\overrightarrow{x}\cdot\overrightarrow{y}-|\overrightarrow{x}|^2+|\overrightarrow{y}|^2-\overrightarrow{x}\cdot\overrightarrow{y}+\overrightarrow{y}\cdot\overrightarrow{z}-\overrightarrow{z}\cdot\overrightarrow{x})\\[5pt]~~~&=&\displaystyle \frac{\,1\,}{\,3\,}(-|\overrightarrow{x}|^2+|\overrightarrow{y}|^2+\overrightarrow{y}\cdot\overrightarrow{z}-\overrightarrow{z}\cdot\overrightarrow{x})\end{eqnarray}\)
正四面体より \(|\overrightarrow{x}|=|\overrightarrow{y}|\) かつ \({\small [\,1\,]}\) より \(\overrightarrow{y}\cdot\overrightarrow{z}=\overrightarrow{z}\cdot\overrightarrow{x}\) なので、
\(\begin{eqnarray}\hspace{35pt}&=&\displaystyle \frac{\,1\,}{\,3\,}(0+0)\\[5pt]~~~&=&0\end{eqnarray}\)
したがって、\( \overrightarrow{\rm AG}\neq 0~,~\overrightarrow{\rm BC}\neq 0~,~\overrightarrow{\rm AG}\cdot\overrightarrow{\rm BC}=0 \) より、\( \overrightarrow{\rm AG}\perp\overrightarrow{\rm BC} \) [終]
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p.67 練習16\({\small (1)}~3\sqrt{6}\)
解法のPoint｜空間の2点間の距離
\({\small (2)}~\left(\displaystyle \frac{\,5\,}{\,2\,}~,~0~,~-\displaystyle \frac{1}{\,2\,}\right)\)
\({\small (3)}~(3~,~-1~,~0)\)
\({\small (4)}~(7~,~-9~,~4)\)
解法のPoint｜座標空間の2点の内分点・外分点・中点
解法のPoint｜空間の2点間の距離
\({\small (2)}~\left(\displaystyle \frac{\,5\,}{\,2\,}~,~0~,~-\displaystyle \frac{1}{\,2\,}\right)\)
\({\small (3)}~(3~,~-1~,~0)\)
\({\small (4)}~(7~,~-9~,~4)\)
解法のPoint｜座標空間の2点の内分点・外分点・中点
p.69 練習19\({\small (1)}~(x-1)^2+(y-2)^2+(z+3)^2=16\)
解法のPoint｜中心と半径が条件の球面の方程式
\({\small (2)}~x^2+y^2+z^2=9\)
\({\small (3)}~x^2+(y-4)^2+(z-1)^2=20\)
解法のPoint｜中心と通る点が条件の球面の方程式
解法のPoint｜中心と半径が条件の球面の方程式
\({\small (2)}~x^2+y^2+z^2=9\)
\({\small (3)}~x^2+(y-4)^2+(z-1)^2=20\)
解法のPoint｜中心と通る点が条件の球面の方程式
補充問題
p.71 補充問題 1 \( \overrightarrow{p}=\overrightarrow{a}-2\overrightarrow{b}-3\overrightarrow{c} \)
解法のPoint｜成分計算とベクトルの表し方
解法のPoint｜成分計算とベクトルの表し方
p.71 補充問題 2[証明]
\( \overrightarrow{\rm OA}=\overrightarrow{a}~,~\overrightarrow{\rm OB}=\overrightarrow{b}~,~\overrightarrow{\rm OC}=\overrightarrow{c} \) とおくと、
平行六面体より、
\(\begin{eqnarray}~~~\overrightarrow{\rm OP}&=&\overrightarrow{a}+\overrightarrow{b}
\\[5pt]~~~\overrightarrow{\rm OQ}&=&\overrightarrow{b}+\overrightarrow{c}
\\[5pt]~~~\overrightarrow{\rm OR}&=&\overrightarrow{a}+\overrightarrow{c}
\end{eqnarray}\)
\( \triangle {\rm ABC} \) の重心が \( {\rm G} \) であることより、
\(\begin{eqnarray}~~~\overrightarrow{\rm OG}&=&\displaystyle \frac{\,\overrightarrow{\rm OA}+\overrightarrow{\rm OB}+\overrightarrow{\rm OC}\,}{\,3\,}
\\[5pt]~~~&=&\displaystyle \frac{\,1\,}{\,3\,}(\overrightarrow{a}+\overrightarrow{b}+\overrightarrow{c})~ ~ ~ \cdots {\small [\,1\,]}
\end{eqnarray}\)
また、\( \triangle {\rm PQR} \) の重心が \( {\rm G’} \) であることより、
\(\small [\,1\,]\)\(\small [\,2\,]\) より、
\(\begin{eqnarray}~~~\overrightarrow{\rm OG’}&=&\displaystyle \frac{\,2\,}{\,3\,}(\overrightarrow{a}+\overrightarrow{b}+\overrightarrow{c})
\\[5pt]~~~&=&2\cdot\displaystyle \frac{\,1\,}{\,3\,}(\overrightarrow{a}+\overrightarrow{b}+\overrightarrow{c})
\\[5pt]~~~&=&2\overrightarrow{\rm OG}\hspace{30pt}(\,∵~ {\small [\,1\,]}\,)
\end{eqnarray}\)
したがって、\( \overrightarrow{\rm OG’}=2\overrightarrow{\rm OG} \) より、
3点 \( \rm O~,~\rm G~,~\rm G’ \) は一直線上にある [終]
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\( \overrightarrow{\rm OA}=\overrightarrow{a}~,~\overrightarrow{\rm OB}=\overrightarrow{b}~,~\overrightarrow{\rm OC}=\overrightarrow{c} \) とおくと、
平行六面体より、
\(\begin{eqnarray}~~~\overrightarrow{\rm OP}&=&\overrightarrow{a}+\overrightarrow{b}
\\[5pt]~~~\overrightarrow{\rm OQ}&=&\overrightarrow{b}+\overrightarrow{c}
\\[5pt]~~~\overrightarrow{\rm OR}&=&\overrightarrow{a}+\overrightarrow{c}
\end{eqnarray}\)
\( \triangle {\rm ABC} \) の重心が \( {\rm G} \) であることより、
\(\begin{eqnarray}~~~\overrightarrow{\rm OG}&=&\displaystyle \frac{\,\overrightarrow{\rm OA}+\overrightarrow{\rm OB}+\overrightarrow{\rm OC}\,}{\,3\,}
\\[5pt]~~~&=&\displaystyle \frac{\,1\,}{\,3\,}(\overrightarrow{a}+\overrightarrow{b}+\overrightarrow{c})~ ~ ~ \cdots {\small [\,1\,]}
\end{eqnarray}\)
また、\( \triangle {\rm PQR} \) の重心が \( {\rm G’} \) であることより、
\(\begin{eqnarray}~~~\overrightarrow{\rm OG’}&=&\displaystyle \frac{\,\overrightarrow{\rm OP}+\overrightarrow{\rm OQ}+\overrightarrow{\rm OR}\,}{\,3\,}
\\[5pt]~~~&=&\displaystyle \frac{\,1\,}{\,3\,}\{(\overrightarrow{a}+\overrightarrow{b})+(\overrightarrow{b}+\overrightarrow{c})+(\overrightarrow{a}+\overrightarrow{c})\}
\\[5pt]~~~&=&\displaystyle \frac{\,1\,}{\,3\,}(2\overrightarrow{a}+2\overrightarrow{b}+2\overrightarrow{c})
\\[5pt]~~~&=&\displaystyle \frac{\,2\,}{\,3\,}(\overrightarrow{a}+\overrightarrow{b}+\overrightarrow{c})~ ~ ~ \cdots {\small [\,2\,]}
\end{eqnarray}\)
\\[5pt]~~~&=&\displaystyle \frac{\,1\,}{\,3\,}\{(\overrightarrow{a}+\overrightarrow{b})+(\overrightarrow{b}+\overrightarrow{c})+(\overrightarrow{a}+\overrightarrow{c})\}
\\[5pt]~~~&=&\displaystyle \frac{\,1\,}{\,3\,}(2\overrightarrow{a}+2\overrightarrow{b}+2\overrightarrow{c})
\\[5pt]~~~&=&\displaystyle \frac{\,2\,}{\,3\,}(\overrightarrow{a}+\overrightarrow{b}+\overrightarrow{c})~ ~ ~ \cdots {\small [\,2\,]}
\end{eqnarray}\)
\(\small [\,1\,]\)\(\small [\,2\,]\) より、
\(\begin{eqnarray}~~~\overrightarrow{\rm OG’}&=&\displaystyle \frac{\,2\,}{\,3\,}(\overrightarrow{a}+\overrightarrow{b}+\overrightarrow{c})
\\[5pt]~~~&=&2\cdot\displaystyle \frac{\,1\,}{\,3\,}(\overrightarrow{a}+\overrightarrow{b}+\overrightarrow{c})
\\[5pt]~~~&=&2\overrightarrow{\rm OG}\hspace{30pt}(\,∵~ {\small [\,1\,]}\,)
\end{eqnarray}\)
したがって、\( \overrightarrow{\rm OG’}=2\overrightarrow{\rm OG} \) より、
3点 \( \rm O~,~\rm G~,~\rm G’ \) は一直線上にある [終]
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章末問題 空間のベクトル
p.72 章末問題A 3\({\small (1)}~\) \( \overrightarrow{\rm OB}=(2~,~2~,~0)~,~\overrightarrow{\rm CF}=(2~,~0~,~2) \)
\({\small (2)}~\) \( 4 \) \({\small (3)}~\) \( 60^{\circ} \)
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\({\small (2)}~\) \( 4 \) \({\small (3)}~\) \( 60^{\circ} \)
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p.72 章末問題A 4[証明]
\( \overrightarrow{\rm OA}=\overrightarrow{a}~,~\overrightarrow{\rm OB}=\overrightarrow{b}~,~\overrightarrow{\rm OC}=\overrightarrow{c} \) とおくと、
\(\begin{eqnarray}~~~\overrightarrow{\rm OD}&=&\overrightarrow{\rm OA}+\overrightarrow{\rm OB}
\\[5pt]~~~&=&\overrightarrow{a}+\overrightarrow{b}~ ~ ~ \cdots {\small [\,1\,]}
\end{eqnarray}\)
また、\( \triangle {\rm ABC} \) の重心が \( {\rm G} \) であることより、
\(\begin{eqnarray}~~~\overrightarrow{\rm OG}&=&\displaystyle \frac{\,\overrightarrow{\rm OA}+\overrightarrow{\rm OB}+\overrightarrow{\rm OC}\,}{\,3\,}
\\[5pt]~~~&=&\displaystyle \frac{\,1\,}{\,3\,}(\overrightarrow{a}+\overrightarrow{b}+\overrightarrow{c})~ ~ ~ \cdots {\small [\,2\,]}
\end{eqnarray}\)
さらに、\( {\rm M} \) は辺 \( {\rm OC} \) の中点より、
\(\begin{eqnarray}~~~\overrightarrow{\rm OM}&=&\displaystyle \frac{\,1\,}{\,2\,}\overrightarrow{\rm OC}
\\[5pt]~~~&=&\displaystyle \frac{\,1\,}{\,2\,}\overrightarrow{c}~ ~ ~ \cdots {\small [\,3\,]}
\end{eqnarray}\)
\(\small [\,1\,]\)\(\small [\,2\,]\) より、
\(\begin{eqnarray}~~~\overrightarrow{\rm DG}&=&\overrightarrow{\rm OG}-\overrightarrow{\rm OD}
\\[5pt]~~~&=&\displaystyle \frac{\,1\,}{\,3\,}(\overrightarrow{a}+\overrightarrow{b}+\overrightarrow{c})-(\overrightarrow{a}+\overrightarrow{b})
\\[5pt]~~~&=&\displaystyle \frac{\,1\,}{\,3\,}(\overrightarrow{a}+\overrightarrow{b}+\overrightarrow{c}-3\overrightarrow{a}-3\overrightarrow{b})
\\[5pt]~~~&=&\displaystyle \frac{\,1\,}{\,3\,}(-2\overrightarrow{a}-2\overrightarrow{b}+\overrightarrow{c})~ ~ ~ \cdots {\small [\,4\,]}
\end{eqnarray}\)
\(\small [\,1\,]\)\(\small [\,3\,]\) より、
\(\begin{eqnarray}~~~\overrightarrow{\rm DM}&=&\overrightarrow{\rm OM}-\overrightarrow{\rm OD}
\\[5pt]~~~&=&\displaystyle \frac{\,1\,}{\,2\,}\overrightarrow{c}-(\overrightarrow{a}+\overrightarrow{b})
\\[5pt]~~~&=&-\overrightarrow{a}-\overrightarrow{b}+\displaystyle \frac{\,1\,}{\,2\,}\overrightarrow{c}
\\[5pt]~~~&=&\displaystyle \frac{\,1\,}{\,2\,}(-2\overrightarrow{a}-2\overrightarrow{b}+\overrightarrow{c})~ ~ ~ \cdots {\small [\,5\,]}
\end{eqnarray}\)
\(\small [\,4\,]\)\(\small [\,5\,]\) より、
\(\begin{eqnarray}~~~\overrightarrow{\rm DG}&=&\displaystyle \frac{\,1\,}{\,3\,}(-2\overrightarrow{a}-2\overrightarrow{b}+\overrightarrow{c})
\\[5pt]~~~&=&\displaystyle \frac{\,2\,}{\,3\,}\cdot\displaystyle \frac{\,1\,}{\,2\,}(-2\overrightarrow{a}-2\overrightarrow{b}+\overrightarrow{c})
\\[5pt]~~~&=&\displaystyle \frac{\,2\,}{\,3\,}\overrightarrow{\rm DM}\hspace{30pt}(\,∵~ {\small [\,5\,]}\,)
\end{eqnarray}\)
したがって、\( \overrightarrow{\rm DG}=\displaystyle \frac{\,2\,}{\,3\,}\overrightarrow{\rm DM} \) より、
点 \( {\rm G} \) は線分 \( {\rm DM} \) 上にあり、\( {\rm DM} \) を \( 2:1 \) に内分する [終]
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\( \overrightarrow{\rm OA}=\overrightarrow{a}~,~\overrightarrow{\rm OB}=\overrightarrow{b}~,~\overrightarrow{\rm OC}=\overrightarrow{c} \) とおくと、
\(\begin{eqnarray}~~~\overrightarrow{\rm OD}&=&\overrightarrow{\rm OA}+\overrightarrow{\rm OB}
\\[5pt]~~~&=&\overrightarrow{a}+\overrightarrow{b}~ ~ ~ \cdots {\small [\,1\,]}
\end{eqnarray}\)
また、\( \triangle {\rm ABC} \) の重心が \( {\rm G} \) であることより、
\(\begin{eqnarray}~~~\overrightarrow{\rm OG}&=&\displaystyle \frac{\,\overrightarrow{\rm OA}+\overrightarrow{\rm OB}+\overrightarrow{\rm OC}\,}{\,3\,}
\\[5pt]~~~&=&\displaystyle \frac{\,1\,}{\,3\,}(\overrightarrow{a}+\overrightarrow{b}+\overrightarrow{c})~ ~ ~ \cdots {\small [\,2\,]}
\end{eqnarray}\)
さらに、\( {\rm M} \) は辺 \( {\rm OC} \) の中点より、
\(\begin{eqnarray}~~~\overrightarrow{\rm OM}&=&\displaystyle \frac{\,1\,}{\,2\,}\overrightarrow{\rm OC}
\\[5pt]~~~&=&\displaystyle \frac{\,1\,}{\,2\,}\overrightarrow{c}~ ~ ~ \cdots {\small [\,3\,]}
\end{eqnarray}\)
\(\small [\,1\,]\)\(\small [\,2\,]\) より、
\(\begin{eqnarray}~~~\overrightarrow{\rm DG}&=&\overrightarrow{\rm OG}-\overrightarrow{\rm OD}
\\[5pt]~~~&=&\displaystyle \frac{\,1\,}{\,3\,}(\overrightarrow{a}+\overrightarrow{b}+\overrightarrow{c})-(\overrightarrow{a}+\overrightarrow{b})
\\[5pt]~~~&=&\displaystyle \frac{\,1\,}{\,3\,}(\overrightarrow{a}+\overrightarrow{b}+\overrightarrow{c}-3\overrightarrow{a}-3\overrightarrow{b})
\\[5pt]~~~&=&\displaystyle \frac{\,1\,}{\,3\,}(-2\overrightarrow{a}-2\overrightarrow{b}+\overrightarrow{c})~ ~ ~ \cdots {\small [\,4\,]}
\end{eqnarray}\)
\(\small [\,1\,]\)\(\small [\,3\,]\) より、
\(\begin{eqnarray}~~~\overrightarrow{\rm DM}&=&\overrightarrow{\rm OM}-\overrightarrow{\rm OD}
\\[5pt]~~~&=&\displaystyle \frac{\,1\,}{\,2\,}\overrightarrow{c}-(\overrightarrow{a}+\overrightarrow{b})
\\[5pt]~~~&=&-\overrightarrow{a}-\overrightarrow{b}+\displaystyle \frac{\,1\,}{\,2\,}\overrightarrow{c}
\\[5pt]~~~&=&\displaystyle \frac{\,1\,}{\,2\,}(-2\overrightarrow{a}-2\overrightarrow{b}+\overrightarrow{c})~ ~ ~ \cdots {\small [\,5\,]}
\end{eqnarray}\)
\(\small [\,4\,]\)\(\small [\,5\,]\) より、
\(\begin{eqnarray}~~~\overrightarrow{\rm DG}&=&\displaystyle \frac{\,1\,}{\,3\,}(-2\overrightarrow{a}-2\overrightarrow{b}+\overrightarrow{c})
\\[5pt]~~~&=&\displaystyle \frac{\,2\,}{\,3\,}\cdot\displaystyle \frac{\,1\,}{\,2\,}(-2\overrightarrow{a}-2\overrightarrow{b}+\overrightarrow{c})
\\[5pt]~~~&=&\displaystyle \frac{\,2\,}{\,3\,}\overrightarrow{\rm DM}\hspace{30pt}(\,∵~ {\small [\,5\,]}\,)
\end{eqnarray}\)
したがって、\( \overrightarrow{\rm DG}=\displaystyle \frac{\,2\,}{\,3\,}\overrightarrow{\rm DM} \) より、
点 \( {\rm G} \) は線分 \( {\rm DM} \) 上にあり、\( {\rm DM} \) を \( 2:1 \) に内分する [終]
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p.72 章末問題A 5\({\small (1)}~\) \( (10~,~0~,~0) \)
解法のPoint｜空間の2点から等距離にある点の座標
\({\small (2)}~\) \( \left(\,\displaystyle \frac{\,13\,}{\,3\,}~,~\displaystyle \frac{\,5\,}{\,3\,}~,~2\,\right) \)
解法のPoint｜空間内の三角形の重心の位置ベクトル
解法のPoint｜空間の2点から等距離にある点の座標
\({\small (2)}~\) \( \left(\,\displaystyle \frac{\,13\,}{\,3\,}~,~\displaystyle \frac{\,5\,}{\,3\,}~,~2\,\right) \)
解法のPoint｜空間内の三角形の重心の位置ベクトル
p.73 章末問題B 7\({\small (1)}~\) \( 0 \) \({\small (2)}~\) \( 2|\,\overrightarrow{\rm BP}\,|+2|\,\overrightarrow{\rm HQ}\,| \)
\({\small (3)}~\) \( 8 \)
\({\small (3)}~\) \( 8 \)
p.73 章末問題B 8\({\small (1)}~\) \( \cos\alpha=-\displaystyle \frac{\,1\,}{\,2\,}~,~\cos\beta=\displaystyle \frac{\,\sqrt{2}\,}{\,2\,}~,~\cos\gamma=\displaystyle \frac{\,1\,}{\,2\,} \)
\({\small (2)}~\) \( \alpha=120^{\circ}~,~\beta=45^{\circ}~,~\gamma=60^{\circ} \)
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\({\small (2)}~\) \( \alpha=120^{\circ}~,~\beta=45^{\circ}~,~\gamma=60^{\circ} \)
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